云南2019年高职单招物理模拟试题「含答案」

云南2018年高职单招物理模拟试题「含答案」

一、单选题：共10题

1．如右图所示，物体A靠在竖直墙面上，在力F作用下，A、B保持静止。物体B的受力个数为

A.5B.4C.3D.2

2．如果将两个分子看成质点，当这两个分子各处于平衡状态时，它们之间的距离为r0，则该分子力大小F及分子势能大小EP随分子间距离r的变化而变化的情况一定是

A.当r>r0时，r变大，F变小，EP变小B.当r>r0时，r变大，F变大，EP变大

C.当r

3．物体以某一初速Vo沿斜面向上滑，其速度V随时间t的变化关系图线如图所示，其中不可能发生的是

4．中子n、质子p、氘核D的质量分别为现用光子能量为E的γ射线照射静止氘核使之分解，反应的方程为,若分解后中子、质子的动能可视为相等，则中子的动能是

A.B.

C.D.

5．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略。在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是

A.U1变大，U2变大B.U1变小，U2变大C.U1变大，U2变小D.U1变小，U2变小

6．在光滑水平面上，质量为m的小球A正以速度v0匀速运动。某时刻小球A与质量为3m的静止小球B发生正碰。两球相碰后，A球的动能恰好变为原来的。则碰后B球的速度大小是

A.B.C.D.无法确定

7．如图所示为洛伦兹力演示仪的结构图。励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，电子束由电子枪产生，其速度方向与磁场方向垂直。电子速度的大小和磁场强弱可分别由通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节。下列说法正确的是

A.仅增大励磁线圈中电流，电子束径迹的半径变大

B.仅提高电子枪加速电压，电子束径迹的半径变大

C.仅增大励磁线圈中电流，电子做圆周运动的周期将变大

D.仅提高电子枪加速电压，电子做圆周运动的周期将变大

8．在某星球表面以初速度v0竖直上抛一个物体，若物体受到该星球引力作用，忽略其他力的影响，物体上升的最大高度为h，已知该星球的直径为d，如果要在这个星球上发射一颗绕它运行的卫星，其做匀速圆周运动的最小周期为

A.B.C.D.

9．如图所示，两平行光滑金属导轨固定在绝缘斜面上，导轨间距为L，劲度系数为k的轻质弹簧上端固定，下端与水平直导体棒ab相连，弹簧与导轨平面平行并与ab垂直，直导体棒垂直跨接在两导轨上，空间存在垂直导轨平面斜向上的匀强磁场。闭合开关K后导体棒中的电流为I，导体棒平衡时，弹簧伸长量为x1；调转图中电源极性使棒中电流反向，导体棒中电流仍为I，导体棒平衡时弹簧伸长量为x2。忽略回路中电流产生的磁场，则磁感应强度B的大小为

A.B.C.D.

10．如图所示：质量为M的滑槽静止在光滑的水平面，滑槽的AB部分是半径为R的的光滑圆弧，BC部分是水平面，将质量为m的小滑块从滑槽的A点静止释放，沿圆弧面滑下，并最终停在水平部分BC之间的D点，则

A.滑块m从A滑到B的过程,滑槽与滑块组成的系统动量守恒、机械能守恒

B.滑块滑到B点时，速度大小等于

C.滑块从B运动到D的过程，系统的动量和机械能都不守恒

D.滑块滑到D点时，滑槽的速度等于0

二、多选题：共4题

11．如图所示，OO′是半圆柱形玻璃砖的对称面与纸面的交线，在图内有两束与00'平行且距离相等的单色光A和B，从玻璃砖射出后相交于OO’上方的P点，由此可得出的结论是

A.在空气中，A光的波长比B光的波长长

B.B光光子的能量比A光光子的能量小

C.A光在玻璃砖中的速度比B光在玻璃砖中的速度大

D.玻璃砖对A光的折射率比对B光的折射率大

12．图甲为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置为x=1m处的质点，Q是平衡位置为x=4m处的质点，图乙为质点Q的振动图象，则

A.t=0.15s时，质点Q的加速度达到正向最大

B.t=0.15s时，质点P的运动方向沿y轴负方向

C.从t=0.10s到t=0.25s，该波沿x轴正方向传播了6m

D.从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程为30cm

13．如图所示，A、B两木块放在水平面上，它们之间用细线相连，两次连接情况中细线倾斜方向不同但倾角一样。两木块与水平面间的摩擦因数相同，先后用水平力F1和F2拉着A、B一起匀速运动，则

A.F1≠F2B.F1=F2C.T1T2

14．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下，一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是

A.粒子带正电B.粒子在B点加速度大

C.粒子在A点动能大D.A、B两点相比，A点电势能较高

三、填空题：共2题

15．如图所示，正方形ABCD处在一个匀强电场中，电场线与正方形所在平面平行。已知A、B、C三点的电势依次为φA=6.0V，φB=4.0V，φC=-2.0V。

(1)D点的电势=_______________。

⑵在图中画出过A点的电场线(要求把作图过程画在图上。)

16．在测量金属丝电阻率的试验中，可供选用的器材如下：

待测金属丝： (阻值约4Ω，额定电压约2V)；

电压表：V(量程3V，内阻约3kΩ)；

电流表： (量程0.6A，内阻约0.2Ω)； (量程3A，内阻约0.05Ω)；

电源： (电动势3V，内阻不计)  (电动势12V，内阻不计)

滑动变阻器： (最大阻值约20Ω)滑动变阻器： (最大阻值约1kΩ)

螺旋测微器；毫米刻度尺；开关；导线。

(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为____________mm。

(2)为使测量尽量精确，需要多组测量，电流表应选_________、电源应选_____、滑动变阻器应选_____(均填器材代号)，在虚线框中(答题卡上)完成电路原理图。

 

四、实验题：共2题

17．如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力加速度。

所需器材有打点计时器(带导线)、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需(填字母代号)中的器材。

A.直流电源、天平及砝码  B.直流电源、毫米刻度尺

C.交流电源、天平及砝码  D.交流电源、毫米刻度尺

②通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度。为使图线的斜率等于重力加速度，除作v-t图象外，还可作 图象，其纵轴横和轴分别表示 。

18．一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如图1所示。图2是打出的纸带的一段。

 

⑴已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，利用图2给出的数据可求出小车下滑的加速度a=___________。

⑵为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，还需要测量的物理量有_______。

用测得的量及加速度a表示阻力的计算式为f=___________________。

五、计算题：共4题

19．一物体放在一倾角为θ的斜面上，向下轻轻一推，它刚好能匀速下滑。若给此物体一个沿斜面向上的初速度v0，则它能上滑的最大路程是多少？

20．如图所示，M为悬挂在竖直平面内某一点的木质小球，悬线长为L，质量为m的子弹以水平速度V0射入球中而未射出，要使小球能在竖直平面内运动，且悬线不发生松驰，求子弹初速度V0应满足的条件。

21．如图所示电子射线管。阴极K发射电子，阳极P和阴极K间加上电压后电子被加速。A、B是偏向板，使飞进的电子偏离。若已知P、K间所加电压UPK＝2.5×103 V，两极板长度L＝6.0×10-2m，板间距离d＝3.6×10-2m，所加电压UAB＝1000V，电子质量me＝9.1×10-31kg，电子的电荷量e＝-1.6×10-19C。设从阴极出来的电子速度为0，不计重力。试问：

(1)电子通过阳极P板的速度是多少?

(2)电子通过偏转电极时具有动能Ek是多少?

(3)电子过偏转电极后到达距离偏转电极R＝3×10-2m荧光屏上O’点，此点偏离入射方向的距离y(即图中的OO′)是多少?

22．如图所示，足够大的平行挡板A1、A2竖直放置，间距6L，两板间存在两个方向相反的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，以水平面MN为理想分界面，Ⅰ区的磁感应强度为B0，方向垂直纸面向外，A1、A2上各有位置正对的小孔S1、S2，两孔与分界面MN的距离均为L，质量为m、电量为+q的粒子经宽度为d的匀强电场由静止加速后，沿水平方向从S1进入Ⅰ区，并直接偏转到MN上的P点，再进入Ⅱ区，P点与A1板的距离是L的k倍，不计重力，碰到挡板的粒子不予考虑。

(1)若k=1，求匀强电场的电场强度E；

(2)若2

求出粒子在磁场中的速度大小v与k的关系式和Ⅱ区的磁感应强度B与k的关系式。

云南2018年高职单招物理模拟试题参考答案

1.B

「解析」本题考查了整体法和隔离法、受力分析等相关知识点，意在考查考生的分析和应用能力。

先对整体进行受力分析，整体受重力、推力两个力作用，所以A没有受到墙壁的支持力，以A为研究对象，受力分析，有竖直向下的重力、B对A的支持力和摩擦力，根据牛顿第三定律，A对B也有压力和摩擦力，B还受到重力和推力F，所以受四个力作用，选项B正确，选项ACD错误。综上本题选B。

2.D

「解析」本题考查了分子力的相关知识，意在考查考生的识记能力。

当r>r0时，分子力表现引力，当r增加时，分子力F先变大后变小，分子力做负功，则EP增加，选项AB错误；当r

3.C

「解析」本题考查了受力分析、速度图像、牛顿第二定律等相关知识，意在考查考生的分析能力。

若斜面光滑，物体沿斜面以gsinα的加速度做匀变速直线运动，选项A可能；若斜面是粗糙的，且μ＜tanα，物体上滑时的加速度为gsinα+μgcosα，下降时的加速度为gsinα-μgcosα，上滑的加速度大于下滑时的加速度下降时的加速度，选项B可能，选项C不可能；若斜面是粗糙的，且μ＞tanα，物体的上滑至速度减为0后，最大静摩擦力大于物体沿斜面向下的分力，静止在斜面上，选项D可能，综上本题选C。

4.C

「解析」本题考查了质能方程，意在考查考生的识记和应用能力。

因质量亏损产生的能量为：设质子、中子的动能为Ek，根据能量守恒有：△E+E=2Ek，联立解得：Ek= ，故选项ABD错误，选项C正确，综上本题选C。

5.B

「解析」本题考查了带电粒子在电场中的加速和偏转，意在考查考生的理解和应用能力。

设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得： ，设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：，设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：，电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：vy=at，得：，又有：，故U1不变，U2变大，或U2变大，U1变小，或U1变小，U2不变，都可使偏转角变大，选项ACD错误，选项B正确。综上本题选B。

6.B

「解析」本题考查了动量守恒的应用，意在考查考生的分析和理解能力。

A球的动能恰好变为原来的，则，碰后A速度可能与碰前速度方向相同，也可能相反，若碰后A球速度方向和原来一致，则根据动量守恒得：mv0=mvA+3mvB，将代入得，vA＞vB，因此将发生第二次碰撞，故这种情况不可能，碰后A球速度将发生反向。把代入mv0=mvA+3mvB，解得：；选项B正确，选项ACD错误，综上本题选B。

7.B

「解析」本题考查了带电粒子在匀强磁场中的运动，意在考查考生的分析和解决能力。

根据电子所受洛伦兹力的方向结合右手定则判断励磁线圈中电流方向是逆时针方向，电子在加速电场中加速，由动能定理有：eU=电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有：解得： ，增大励磁线圈中电流，使磁场增大，半径变小，选项A错误；若提高电子枪加速电压，电子的速度增大，故半径一定变大，选项B正确；，仅增大励磁线圈中电流，使磁场增大，周期一定减小，选项故C错误；仅提高电子枪加速电压，电子的速度会增大，不会影响周期，故选项D错误；综上本题选B。

8.A

「解析」本题考查了竖直上抛运动、万有引力定律的应用等相关知识点，意在考查考生的分析和解决能力。

对物体的竖直上抛运动，有得到星球表面的重力加速度当卫星绕该星球表面附近做匀速圆周运动时，其周期最小。卫星运动时，由星球的对卫星的重力提供向心力，则有联立解得T=，选项A正确，选项BCD错误；综上本题选A。

9.D

「解析」本题考查了电磁感应定律、共点力的平衡条件，意在考查考生的分析和应用能力。

设斜面倾角为α，对导体棒受力分析，由平衡条件，，调转图中电源极性使棒中电流反向，由平衡条件，，联立解得：，选项ABC错误，选项D正确，综上本题选D。

10.D

「解析」本题考查了动量守恒和机械能守恒条件，意在考查考生的识记和理解能力。

滑槽和小滑块水平方向合力为零，所以水平方向动量守恒，由于没有其他形式的能量产生，只是动能和势能之间的相互转化，所以系统机械能守恒，选项A错误；设小物体滑到B时速度为v1，滑槽速度为v2，由系统水平方向动量守恒及系统机械能守恒得：

    解得：，选项B错误；滑块从B运动到D的过程，系统水平方向动量守恒，，由于有热量产生，所以系统机械能不守恒，选项C错误，选项D正确，综上本题选D。

11.AC

「解析」本题考查了光的折射等相关知识，意在考查考生的识记和分析能力。

B光的偏折程度比A光大，则B光的折射率大于A光的折射率，说明B光的频率较大，由知，A光的波长较长，选项A正确，选项D错误；光子能量公式知，光子能量与频率成正比，则知B光光子能量较大，选项B错误；根据，A光的折射率较小，则A光在玻璃砖中的速度较大，选项C正确，综上本题选AC。

12.AB

「解析」本题考查波动图像、简谐振动等相关知识，意在考查考生的分析能力。

t=0.15s时，质点Q的位移达到负向最大，则知其加速度达到正向最大，选项A正确；由乙图知：t=0.10s时质点Q的速度方向沿y轴负方向，则由波形的平移法判断得知，该波沿x轴负方向传播，t=0.10s时，质点P沿y轴正方向运动，则t=0.15s时，质点P的运动方向沿y轴负方向，选项B正确；从t=0.10s到t=0.25s，所经历的时间为△t=0.15s=T，该波沿x轴负方向传播了λ=6m，选项C错误；从t=0.10s到t=0.25s，所经历的时间为△t=0.15s=T，由于质点P先向上接近波峰与向下接近波谷时速度较小，在这段时间内质点通过的路程小于质点P从平衡位置起在0.15s内通过的路程3A=30cm，即路程s＜3A=30cm，选项D错误，综上本题选AB。

13.BC

「解析」本题考查了整体法和隔离法的应用、共点力的平衡等相关知识，意在考查考生的分析和应用能力。

对整体受力分析可知，受重力、拉力、支持力及摩擦力；因整体对地面的压力相同，故摩擦力相同，因此水平拉力相等，即F1=F2；选项A错误，选项B正确；再对A受力分析可知，A受重力和、支持力及绳子的拉力而处于平衡状态；对第一种状态有：

解得：；对第二状态有：解得：，知＜，选项C正确，选项D错误，综上本题选BC。

14.BC

「解析」本题考查了电场线、牛顿第二定律、电场力做功等相关知识点，意在考查考生的识记和应用能力。

电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向.粒子在电场力作用下从A到B，根据运动轨迹可知电场力偏向轨迹的内侧。粒子带负电，选项A错误；由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则粒子在B点的加速度较大.选项B正确；粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，动能减少，选项C正确，选项D错误；综上本题选BC。

15.(1)0  (2)

「解析」本题考查了电势、电场线等相关知识，意在考查考生的识记和理解能力。

（1）沿同一匀强电场中任何一个相同方向上，相距同样距离的两点间的电压都是相同的，代入已知数得=0；

（2）在BC上取一点M，使BM=2MC，则=0，连接DM是等势面。由于电场线跟等势面垂直，过A点作DM的垂线，就是电场线。方向指向电势降低方向，因此指向右下方。

16.(1)1.773(1.771~1.775均正确)

(2)；；电路图如右。

「解析」本题考查了测定金属丝的电阻率，意在考查考生的理解和应用能力。

（1）从图中读出金属丝的直径为d=1.5mm+27.3×0.01mm=1.773mm；

（2）电压表量程3V，故电源选E1，最大电流读数I≈=0.75A，为使电流表指针偏转角度超过三分之一，故电流表选A1；为使测量尽量精确，需要多组测量，滑动变阻器采用分压式，故应选，安培表电阻较小，大内小外，故安培表用外接法；电路如图所示：

17.①D

，速度平方的二分之一和重物下落的高度

「解析」本题考查用打点计时器测重力加速度，涉及器材的选取和用图像处理数据的方法；意在考查考生的分析和解决能力。

①打点计时器需接交流电源。重力加速度与物体的质量无关，所以不要天平和砝码。计算速度需要测相邻计数的距离，需要刻度尺，选项D正确。

②公式，如绘出图像，其纵轴横和轴分别表示速度平方的二分之一和重物下落的高度，其斜率也等于重力加速度。

18.⑴a=4.00m/s2(3.90-4.10m/s2之间都正确)

⑵小车质量m，斜面上任意两点距离l及这两点的高度差h，

「解析」本题考查了测定摩擦力的实验，意在考查考生的分析和应用能力。

（1）由图2中的纸带可知相邻的2个计数点间的时间间隔T=2×0.02s=0.04s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：=400cm/s2=4.00m/s2

（2）对小车进行受力分析，小车受重力、支持力、阻力.

将重力沿斜面和垂直斜面分解，设斜面倾角为θ，根据牛顿第二定律得：

所以我们要求出小车质量m和sinθ，那么实际测量时，我们应该测出斜面上任意两点距离l及这两点的高度差h来求sinθ，即sinθ=，所以。

19.

「解析」本题考查了共点力的平衡、牛顿第二定律以及匀变速直线运动的规律，意在考查考生的分析解决能力。

当物体恰能匀速下滑时，所受合外力为零，

则：

当物体以初速度沿斜面上滑时，

由牛顿定律，沿斜面有：=ma

所以

当物体沿斜面向上减速运动到最大路程时，速度为零，

由运动学公式得：

或：设物体上滑最远路程为L，最大高度为h，

则h=Lsinθ。

由动能定理得，

将μ=tanθ代入得

20.或

「解析」本题考查了动量守恒定律、圆周运动、牛顿第二定律以及机械能守恒等相关知识，意在考查考生的理解和应用能力。

子弹击中木球时，由动量守恒定律得：mV0=(m+M)V1

(1)若小球能做完整的圆周运动，则在最高点满足：

由机械能守定律得：

由以上各式解得：

(2)若木球不能做完整的圆周运动，则上升的最大高度为L时满足：

  解得：

所以，要使小球在竖直平面内做悬线不松驰的运动，V0应满足的条件是：

或

21.(1) m/s(2)4.44×10-16J (3)2.0×10-2m

「解析」本题考查带电粒子在匀强电场中的运动，意在考查考生的分析和解决能力。

(1)根据动能定理

 m/s

(2)

根据动能定理

＝4.44×10-16J

(3)根据动能定理

＝2.0×10-2m。

22.(1) (2)v= 

「解析」本题考查了带电粒子在匀强电场和匀强磁场中的运动，意在考查考生的综合分析和解决能力。

(1)粒子在电场中，由动能定理有 qEd=eqf(1,2)mv2-0①

粒子在Ⅰ区洛伦兹力提供向心力 qvB0＝m  ②

当k=1时，由几何关系得 r=L  ③

由①②③解得E= ④

(2)由于2

由几何关系可知

(r-L)2+(kL)2=r2 ⑤  解得rL  ⑥

由②⑥解得v=  ⑦

粒子在Ⅱ区洛伦兹力提供向心力 qvB＝m⑧

由对称性及几何关系可知：eqf(k,(3-k))=eqf(r,r1) ⑨

解得r1=⑩

又因为 所以：